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题目形式就很换根 dp

如果这种题用朴素的做法求，就是暴力以每个点都做一次根跑树，自底向上统计，时间是 \(O(n^2)\)

而换根 dp 的思想就是分两步，

一般先钦定某个点（如 1）为根，统计一遍以 1 为根时的结果，

然后挖掘如果以其他点为根时，变换对结果的影响，一般就是自顶向下更新如果换根后的信息

这样分成两次 dfs，时间就是线性的 \(O(n)\)

这个题发现就是求类似树上逆序对的个数，即在同一个子树里，节点编号和深度大小关系相反

考虑第一步，设 \(f[x]\) 表示以节点编号 \(x\) 为根的子树包含逆序对个数

显然，我们要知道子树中编号小于 \(x\) 的节点数量 \(a_x\)，那么转移就很显然了：

考虑第二步，设 \(g[x]\) 表示以 \(x\) 为根节点的树的逆序对个数

思考由 \(x\) 换根为 \(y\) 后，\(g[x]\) 通过怎样的转换关系得到 \(g[y]\)

这里还需要增加一个 \(b_x\) 表示以 \(x\) 为根的子树内编号小于 \(fa[x]\) 的节点数量

需要注意的是，总的小于 \(y\) 的节点个数是 \(y - 1\)，已知 \(y\) 子树内的数量有 \(a_y\)，相减即子树外的部分

对于 \(a_x\)，\(a_y\) 的求解

也是很重要的一部分，这里是很经典的建值域线段树，或是树状数组，只不过这题是在树上

要求子树 \(x\) 内的值，可以作差一下，用全局的值减掉子树外的值即可，对应的就是递归完子树和递归子树前

时间是 \(O(n\log n)\) 的

#include <bits/stdc++.h>
#define re register int 
#define lp p << 1
#define rp p << 1 | 1
#define int long long

using namespace std;
const int N = 2e5 + 10;

struct Edge
{
	int to, next;
}e[N << 1];
int idx, h[N];
struct Tree
{
	int l, r, sum;
}t[N << 2];
int n, f[N], g[N], a[N], b[N];

inline void add(int x, int y)
{
	e[++ idx] = (Edge){y, h[x]};
	h[x] = idx;
}

inline void build(int p, int l, int r)
{
	t[p].l = l, t[p].r = r;
	if (l == r) return;
	int mid = (l + r) >> 1;
	build(lp, l, mid);
	build(rp, mid + 1, r);
}

inline void update(int p, int x, int k)
{
	if (t[p].l == x && t[p].r == x)
	{
		t[p].sum += k;
		return;
	}
	int mid = (t[p].l + t[p].r) >> 1;
	if (x <= mid) update(lp, x, k);
	if (x > mid) update(rp, x, k);
	t[p].sum = t[lp].sum + t[rp].sum;
}

inline int query(int p, int l, int r)
{
	if (l > r) return 0;
	if (l <= t[p].l && t[p].r <= r) return t[p].sum;
	int res = 0;
	int mid = (t[p].l + t[p].r) >> 1;
	if (l <= mid) res += query(lp, l, r);
	if (r > mid) res += query(rp, l, r);
	
	return res;	
}

void dfs1(int u, int fa)
{
	a[u] = -query(1, 1, u - 1);
	b[u] = -query(1, 1, fa - 1);
	
	for (re i = h[u]; i; i = e[i].next) 
	{
		int v = e[i].to;
		if (v == fa) continue;
		dfs1(v, u);
	}
	update(1, u, 1);
	a[u] += query(1, 1, u - 1);
	b[u] += query(1, 1, fa - 1);
	
	f[u] = a[u];
	for (re i = h[u]; i; i = e[i].next)
	{
		int v = e[i].to;
		if (v == fa) continue;
		f[u] += f[v]; 
	}
}

void dfs2(int u, int fa)
{
	if (u != 1)
		g[u] = g[fa] - b[u] + (u - 1 - a[u]);
	for (re i = h[u]; i; i = e[i].next)
	{
		int v = e[i].to;
		if (v == fa) continue;
		dfs2(v, u);
	}
}

signed main()
{
	ios::sync_with_stdio(false);
	cin.tie(0); cout.tie(0);
	
	cin >> n;
	for (re i = 1; i < n; i ++)
	{
		int x, y; cin >> x >> y;
		add(x, y), add(y, x);
	}
	build(1, 1, n);
	dfs1(1, 0);
	g[1] = f[1];
	dfs2(1, 0);
	for (re i = 1; i <= n; i ++) cout << g[i] << ' '; 
	cout << '\n';
	
	return 0;
}